Выполнение PHP-скрипта на Perl с переменными GET в URL

Question

Выполнение PHP-скрипта на Perl с переменными GET в URL

1

У меня есть скрипт perl, который выполняет скрипт php:

my $phpOutput = '/usr/bin/php /bart/bart.php';

это работает отлично. теперь я хочу добавить некоторые переменные в url.

my $phpOutput = '/usr/bin/php /bart/bart.php?data=1';

это не удается.

Could not open input file: /bart/bart.php?data=1

любые идеи почему?

bart2puck 08 май 2015, в 23:21

Источник

1

Я не думаю, что это действительно URL в этом контексте.
Don't Panic 08 май 2015, в 20:42
0

Похоже, он просто выполняет его в оболочке. Не можете использовать php.net/manual/en/reserved.variables.argv.php ?
chris85 08 май 2015, в 20:43
0

уберите знак вопроса и добавьте / раз и попробуйте?
Anant Singh---Alive to Die 08 май 2015, в 20:45
1

@anantkumarsingh, как это решит проблему?
chris85 08 май 2015, в 20:47
0

Этот ответ имеет довольно интересный способ справиться с этим. Но, похоже, вам нужно будет так или иначе изменить скрипт PHP, чтобы можно было обрабатывать вызовы таким образом.
Don't Panic 08 май 2015, в 20:55

Показать ещё 3 комментария

Теги:

php

perl

1 ответ

Ещё вопросы

Я не думаю, что это действительно URL в этом контексте.
Похоже, он просто выполняет его в оболочке. Не можете использовать php.net/manual/en/reserved.variables.argv.php ?
уберите знак вопроса и добавьте / раз и попробуйте?
@anantkumarsingh, как это решит проблему?
Этот ответ имеет довольно интересный способ справиться с этим. Но, похоже, вам нужно будет так или иначе изменить скрипт PHP, чтобы можно было обрабатывать вызовы таким образом.

Joel Hinz · Accepted Answer · 2015-05-08T18-55-00.000Z

Синтаксис ?x=y предназначен для веб-серверов, тогда как CLI ожидает аргументы, разделенные пробелом после имени файла. Как вы его написали, PHP думает, что ?data=1 являются частью имени файла.

Вы могли бы сделать

my $phpOutput = '/usr/bin/php /bart/bart.php 1';

и использовать массив $argv для извлечения аргумента 1 из PHP-скрипта. Поскольку это первый аргумент, это будет $argv[1] (0-й индекс - имя скрипта).

хорошо спасибо. А что если эта «1» является переменной .... my $ phpOutput = /usr/bin/php /bart/bart.php $someVar ; будет ли это работать?
Конечно, я не вижу причин, по которым это не должно быть.